2014年山东省滨州市中考数学试卷
一、选择题（本大题共12小题，在每小题的四个选项里只有一个是正确的，请把正确的选项选出来，每小题3分，满分36分）
1．(2014年山东省滨州市)估计 在（ ）
A．0～1之间B．1～2之间C．2～3之间D．3～4之间
分析：根据二次根式的性质得出 ，即：2 ，可得答案．
解：∵出 ，即：2 ，所以 在2到3之间．故答案选：C．
点评：本题考查了估算无理数的大小和二次根式的性质，解此题的关键是知道 在 和 之间．
2．(2014年山东省滨州市)一个代数式的值不能等于零，那么它是（ ）
A．a2B．a0C． D．|a|
分析：根据非0的0次幂等于1，可得答案．
解：A、C、D、a=0时，a2=0，故A、C、D错误；B、非0的0次幂等于1，故B正确；
故选：B．
点评：本题考查了零指数幂，非0的0次幂等于1是解题关键．
3．(2014年山东省滨州市)如图，是我们学过的用直尺和三角尺画平行线的方法示意图，画图的原理是（ ）
A．同位角相等，两直线平行B．内错角相等，两直线平行
C．两直线平行，同位角相等D．两直线平行，内错角相等
分析：由已知可知∠DPF=∠BAF，从而得出同位角相等，两直线平行．
解：∵∠DPF=∠BAF，∴AB∥PD （同位角相等，两直线平行）．故选：A．
点评：此题主要考查了基本作图与平行线的判定，正确理解题目的含义是解决本题的关键．
4．(2014年山东省滨州市)方程2x?1=3的解是（ ）
A．?1B． C．1D．2
分析：根据移项、合并同类项、系数化为1，可得答 案．
解：2x?1=3，移项，得2x=4，系数化为1得x=2．故选：D．
点评：本题考查了解一元一次方程，根据解一元次方程的一般步骤可得答案．
5．(2014年山东省滨州市)如图，OB是∠AOC的角平分线，OD是∠COE的角平分线，如果∠AOB=40°， ∠COE=60°，则∠BOD的度数为（ ）
A．50B．60C．65D．70
分析：先根据OB是∠AOC的角平分线，OD是∠COE的角平分线，∠AOB=40°，∠COE=60°求出∠BOC与∠COD的度数，再根据∠BOD=∠BOC+∠COD即可得出结论．
解：∵OB是∠AOC的角平分线，OD是∠COE的角平分线，∠AOB=40°，∠COE=60°，
∴∠BOC=∠AOB=40°，∠COD= ∠COE= ×60°=30°，∴∠BOD=∠BOC+∠COD=40°+30°=70°．故选D．
点评：本题考查的是角的计算，熟知角平分线的定义是解答此题的关键．
6．(2014年山东省滨州市)a，b都是实数，且a＜b，则下列不等式的变形正确的是（ ）
A．a+x＞b+xB．?a+1＜?b+1C．3a＜3bD． ＞
分析：根据不等式的性质1，可判断A，根据不等式的性质3、1可判断B，根据不等式的性质2，可判断C、D．
解：A、不等式的两边都加或都减同一个整式，不等号的方向不变，故A错误；
B、不等式的两边都乘或除以同一个负数，不等号的方向改变，故B错误；
C、不等式的两边都乘以或除以同一个正数，不等号的方向不变，故C正确；
D、不等式的两边都乘以或除以同一个正数，不等号的方向不变，故D错误；故选：C．
点评：本题考查了不等式的性质，不等式的两边都乘或除以同一个负数，不等号的方向改变．
7．(201 4年山东省滨州市)下列四组线段中，可以构成直角三角形的是（ ）
A．4，5，6B．1.5，2，2.5C．2，3，4D．1， ，3
分析：由勾股定理的逆定理，只要验证两小边的平方和等于最长边的平方即可．
解：A、42+52=41≠62，不可以构成直角三角形，故本选项错误；
B、1.52+22=6.25=2.52，可以构成直角三角形，故本选项正确；
C、22+32=13≠42，不可以构成直角三角形，故本选项错误；
D、12+（ ）2=3≠32，不可以构成直角三角形，故本选项错误．故选B．
点评：本题考查勾股定理的逆定理：如果三角形的 三边长a，b，c满足a2+b2=c2，那么这个三角形就是直角三角形．
8．(2014年山东省滨州市)有19位同学参加歌咏比赛，所得的分数互不相同，取得前10位同学进入决赛．某同学知道自己的分数后，要判断自己能否进入决赛，他只需知道这19位同学的（ ）
A．平均数B．中位数C．众数D．方差
分析：因为第10名同学的成绩排在中间位置，即是中位数．所以需知道这19位同学成绩的中位数．
解：19位同学参加歌咏比赛，所得的分数互不相同，取得前10位同学进入决赛，中位数就是第10位，因而要判断自己能否进入决赛，他只需知道这19位同学的中位数就可以．
故选B．
点评：中位数是将一组数据按照由小到大（或由大到小）的顺序排列，如果数据的个数是奇数，则处于中间位置的数就是这组数据的中位数．学会运用中位数解决问题．
9．(2014年山 东省滨州市)下列函数中，图象经过原点的是（ ）
A．y=3xB．y=1?2xC．y= D．y=x2?1
分析：将点（0，0）依次代入下列选项的函数解析式进行一一验证即可．
解：∵函数的图象经过原点，∴点（0，0）满足函数的关系式；
A、当x=0时，y=3×0=0，即y=0，∴点（0，0）满足函数的关系式y=3x；故本选项正确；
B、当x=0时，y=1?2×0=1，即y=1，∴点（0，0）不满足函数的关系式y=1?2x；故本选项错误；C、y= 的图象是双曲线，不经过原点；故本选项错误；
D、当x=0时，y=02?1=?1，即y=?1，∴点（0，0）不满足函数的关系式y=x2?1；故本选项错误；故选A．
点评：本题综合考查了二次函数、一次函数、反比例图象上的点的坐标特征．经过函数图象上的某点，该点一定满足该函数的解析式．
10．(2014年山东省滨州市)如图，如果把△ABC的顶点A先向下平移3格，再向左平移1格到达A′点，连接A′B，则线段A′B与线段AC的关系是（ ）
A．垂直B．相等C．平分D．平分且垂直
分析：先根据题意画出图形，再利用勾股定理结合网格结构即可判断线段A′B与线段AC的关系．
解：如图，将点A先向下平移3格，再向左平移1格到达A′点，连接A′B，与线段AC交于点O．∵A′O=OB= ，AO=OC=2 ，
∴线段A′B与线段AC互相平分，
又∵∠AOA′=45°+45°=90°，∴A′B⊥AC，
∴线段A′B与线段AC互相垂直平分．故选D．
点评：本题考查了平移的性质，勾股定理，正确利用网格是解题的关键．
11．(2014年山东省滨州市)在Rt△ACB中，∠C=90°，AB=10，sinA= ，cosA= ，tanA= ，则BC的长为（ ）
A．6B．7.5C．8D．12.5
分析：根据三角函数的定义来解决，由sinA= = ，得到BC= = ．
解：∵∠C=90°AB=1 0，∴sinA= ，∴BC=AB× =10× =6．故选A．
点评：本题考查了解直角三角形和勾股定理的应用，注意：在Rt△ACB中，∠C=90°，则sinA= ，cosA= ，tanA= ．
12．(2014年山东省滨州市)王芳同学到文具店购买中性笔和笔记本，中性笔每支0.8元，笔记本每本1.2元，王芳同学花了10元钱，则可供她选择的购买方案的个数为（两样都买，余下的钱少于0.8元）（ ）
A．6B．7C．8D．9
分析：设购买x只中性笔，y只笔记本，根据题意得出：9.2＜0.8x+1.2y≤10，进而求出即可．
解；设购买x只中性笔，y只笔记本，根据题意得出：
9.2＜0.8x+1.2y≤10，当x=2时，y=7，当x=3时，y=6，当x=5时，y=5，当x=6时，y=4，当x=8时，y=3，当x=9时，y=2，当x=11时，y=1，故一共有7种方案．故选：B．
点评：此题主要考查了二元一次方程的应用，得出不等关系是解题关键．
二、填空题（本大题共6小题，每小题4分，满分24分）
13．(2014年山东省滨州市)计算：?3×2+（?2）2?5= ．
分析：根据有理数混合运算的顺序进行计算即可．
解：原式=?3×2+4?5=?6+4?5=?7．故答案为：?7．
点评：本 题考查的是有理数的混合运算，熟知先算乘方，再算乘除，最后算加减是解答此题的关键．
14．(2014年山东省滨州市)写出一个运算结果是a6的算式 ．
分析：根据同底数幂的乘法底数不变指数相加，可得答案．
解：a2•a4=a6，故答案为 ：a2•a4=a6．
点评：本题考查了同底数幂的乘法，同底数幂的乘法底数不变指数相加．
15．(2014年山东省滨州市)如图，平行于BC的直线DE把△ABC分成的两部分面积相等，则 = ．
分析：根据相似三角形的判定与性质，可得答案．
解：∵DE∥BC，∴△ADE∽△ABC．
∵S△ADE=S四边形BCDE，∴ ，∵ ，故答案为： ．
点评：本题考查了相似三角形的判定与性质，平行于三角形一边截三角形另外两边所得的三角形与原三角形相似，相似三角形面积的比等于相似比．
16．(2014年山东省滨州市)某公园“6•1”期间举行特优读书游园活动，成人票和儿童票均有较大折扣．张凯、李利都随他们的家人参加了本次活动．王斌也想去，就去打听张凯、李利买门票花了多少钱．张凯说他家去了3个大人和4个小孩，共花了38元钱；李利说他家去了4个大人和2个小孩，共花了44元钱，王斌家计划去3个大人和2个小孩，请你帮他计算一下，需准备 元钱买门票．
分析：设大人门票为x，小孩门票为y，根据题目给出的等量关系建立方程组，然后解出x、y的值，再代入计算即可．
解：设大人门票为x，小孩门票为y，由题意，得： ，解得： ，
则3x+2y=34．即王斌家计划去3个大人和2个小孩，需要34元的门票．故答案为：34．
点评：本题考查了二元一次方程组的应用，解答本题的关键是仔细审题，将实际问题转化为方程思想求解．
17．(2014年山东省滨州市)如图，菱形OABC的顶点O是原点，顶点B在y轴上，菱形的两条对角线的长分别是6和4，反比例函数 的图象经过点C，则k的值为 ．
分析：先根据菱形的性质求出C点坐标，再把C点坐标代入反比例函数的解析式即可得出k的值．
解：∵菱形的 两条对角线的长分别是6和4，∴C（?3，2），
∵点C在反比例函数y= 的图象上，∴2= ，解得k=?6．
故答案为：?6．
点评：本题考查的是反比例函数图象上点的坐标特点，即反比例函数图象上各点的坐标一定适合此函数的解析式．
18．(2014年山东省滨州市)计算下列各式的值：
； ； ； ．
观察所得结果，总结存在的规律，应用得到的规律可得 = 102014 ．
分析：先计算得到 =10=101， =100=102， =1000=103， =1000=104，计算的结果都是10的整数次幂，且这个指
数的大小与被开方数中每个数中9的个数相同，所以 =102014．
解：∵ =10=101， =100=102， =1000=103，
=1000=104，∴ =102014．故答案为102014．
点评：本题考查了算术平方根：一般地，如果一个正数x的平方等于a，即x2=a，那么这个正数x叫做a的算术平方根．记为a．
三、解答题（本大题共7小题，满分60分）
19．(2014年山东省滨州市)（1）解方程：2? =
（2）解方程组： ．
分析：（1）方程去分母，去括号，移项合并，将x系数化为1，即可求出解；
（2）方程组利用加减消元法求出解即可．
解：（1）去分母得：12?2（2x+1）=3（1+x），
去括号得：12?4x?2=3+3x，移项合并得：?7x=?7，解得：x=1；
（2） ，①×3+②得：10x=20，即x=2，
将x=2代入①得：y=?1，则方程组的解为 ．
点评：此题考查了解二元一次方程组，以及解一元一次方程，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
20．(2014年山东省滨州市)计算： • ．
分析：把式子中的代数式进行因式分解，再约分求解．
解： • = • =x
点评：本题主要考查分式的乘除法，解题的关键是进行因式分解再约分．
21．(2014年山东省滨州市)如图，点D在⊙O的直径AB的延长线上，点C在⊙O上，AC=CD，∠ACD=120°．
（1）求证：CD是⊙O的切线；
（2）若⊙O的半径为2，求图中阴影部分的面积．
分析：（1）连接OC．只需证明∠OCD=90°．根据等腰三角形的性质即可证明；
（2）阴影部分的面积即为直角三角形OCD的面积减去扇形COB的面积．
（1）证明：连接OC．∵AC=CD，∠ACD=120°，
∴∠A=∠D=30°．∵OA=OC，∴∠2=∠A=30°．
∴∠OCD=90°．∴CD是⊙O的切线．
（2）解：∵∠A=30°，∴∠1=2∠A=60°．
∴S扇形BOC= ．
在Rt△OCD中，∵ ，∴ ．
∴ ．∴图中阴影部分的面积为 ．
点评：此题综合考查了等腰三角形的性质、切线的判定方法、扇形的面积计算方法．
22．(2014年山东省滨州市)在一个口袋里有四个完全相同的小球，把它们分别标号为1，2，3，4，小明和小强采取的摸取方法分别是：
小明：随机摸取一个小球记下标号，然后放回，再随机摸取一个小球，记下标号；
小强：随机摸取一个小球记下标号，不放回，再随机摸取一个小球，记下标号．
（1）用画树状图（或列表法）分别表示小明和小强摸球的所有可能出现的结果；
（2）分别求出小明和小强两次摸球的标号之和等于5的概率．
分析：（1）首先根据题意画出树状图，然后由树状图求得所有等可能的结果，注意是放回实验还是不放回实验；
（2）根据（1）可求得小明两次摸球的标号之和等于5的有4种情况，小强两次摸球的标号之和等于5的有4种情况，然后利用概率公式求解即可求得答案．
解：（1）画树状图得：
则小明共有16种等可能的结果；
则小强共有12种等可能的结果；
（2）∵小明两次摸球的标号之和等于5的有4种情况，小强两次摸球的标号之和等于5的有4种情况，
∴P（小明两次摸球的标号之和等于5）= = ；P（小强两次摸球的标号之和等于5）= = ．
点评：本题考查的是用列表法或画树状图法求概率．注意列表法或画树状图法可以不重复不遗漏的列出所有可能的结果，用到的知识点为：概率=所求情况数与总情况数之比．
23．(2014年山东省滨州市)已知二次函数y=x2?4x+3．
（1）用配方法求其图象的顶点C的坐标，并描述该函数的函数值随自变量的增减而变化的情况；
（2）求函数图象与x轴的交点A，B的坐标，及△ABC的面积．
分析：（1）配方后求出顶点坐标即可；
（2）求出A、B的坐标，根据坐标求出AB、CD，根据三角形面积公式求出即可．
解：（1）y=x2?4xx+3=x2?4x+4?4+3=（x?2）2?1，所以顶点C的坐标是（2，?1），
当x≤2时，y随x的增大而减少；当x＞2时，y随x的增大而增大；
（2）解方程x2?4x+3=0得：x1=3，x2=1，
即A点的坐标是（1，0），B点的坐标是（3，0），
过C作CD⊥AB于D，
∵AB=2，CD=1，∴S△ABC= AB×CD= ×2×1=1．
点评：本题考查了抛物线与x轴的交点，二次函数的性质，二次函数的三种形式的应用，主要考查学生运用性质进行计算的能力，题目比较典型，难度适中．
24．(2014年山东省滨州市)如图，已知正方形ABCD，把边DC绕D点顺时针旋转30°到DC′处，连接AC′，BC′，CC′，写出图中所有的等腰三角形，并写出推理过程．
分析：利用旋转的性质以及正方形的性质进而得出等腰三角形，再利用全等三角形的判定与性质判断得出．
解；图中的等腰三角形有：△DCC′，△DC′A，△C′AB，△C′BC，
理由：∵四边形ABCD是正方形，
∴AB=AD=DC，∠BAD=∠ADC=90°，
∴DC=DC′=DA，∴△DCC′，△DC′A为等腰三角形，
∵∠C′DC=30°，∠ADC=90°，∴∠ADC′=60°，
∴△AC′D为等边三角形，
∵∠C′AB=90°?60°=30°，∴∠CDC′=∠C′AB，
在△DCC′和△AC′B中 ，
∴△DCC′≌△AC′B（SAS），∴CC′=C′B，∴△BCC′为等腰三角形．
点评：此题主要考查了等腰三角形的判定以及全等三角形的判定与性质等知识，得出△AC′D为等边三角形是解题关键．
25．(2014年山东省滨州市)如图，矩形ABCD中，AB=20， BC=10，点P为AB边上一动点，OP交AC于点Q．
（1）求证：△APQ∽△CDQ；
（2）P点从A点出发沿AB边以每秒1个单位长度的速度向B点移动，移动时间为t秒．
①当t为何值时，DP⊥AC？
②设S△APQ+S△DCQ=y，写出y与t之间的函数解析式，并探究P点运动到第几秒到第几秒之间时，y取得最小值．
分析：（1）求证相似，证两对角相等即可，因为平行，易找，易证．
（2）①当垂直时，易得三角形相似，故有相似边成比例，由题中已知矩形边长则AP长已知，故t易知．
②因为S△APQ+S△DCQ=y，故求S△APQ和S△DCQ是解决问题的关键，观察无固定组合规则图象，则考虑作高分别求取．考虑两高在同一直线上，且相加恰为10，故可由（1）相似结论得，高的比等于对应边长比，设其中一高为h，即可求得，则易表示y= ，注意要考虑t的取值．讨论何时y最小，y= 不是我们学过的函数类型，故无法用最值性质来讨论，回观察题目问法为“探 究P点运动到第几秒到第几秒之间时”，＜1＞并不是我们常规的在确定时间最小，＜2＞时间问的整数秒．故可考虑将所有可能的秒全部算出，再观察数据探究函数的变化找结论．
（1）证明：∵四边形ABCD是矩形，∴AB∥CD，
∴∠QPA=∠QDC，∠QAP=∠QCD，∴△APQ∽△CDQ．
（2）解：①当DP⊥AC时，∠QCD+∠QDC=90°，
∵∠ADQ+∠QCD=90°，∴∠DCA=∠ADP，∵∠ADC=∠DAP=90°，
∴△ADC∽△PAD，∴ = ，∴ ，解得 PA=5，∴t=5．
②设△ADP的边AP上的高h，则△QDC的边DC上的高为10?h．
∵△APQ∽△CDQ，∴ = = ，解得 h= ，∴10?h= ，
∴S△APQ= = ，S△DCQ= = ，
∴y=S△APQ+S△DCQ= + = （0≤t≤20）．
探究：
t=0，y=100；t=1，y≈95.48；t=2，y≈91.82；t=3，y≈88.91；t =4，y≈86.67；
t=5，y=85；t=6，y≈83.85；t=7，y≈83.15；t=8，y≈82.86；t=9，y≈82.93；
t=10，y≈83.33；t=11，y≈84.03；t=12，y=85；t=13，y≈86.21；t=14，y≈87.65；
t=15，y≈89.29；t=16，y≈91.11；t=17，y≈93.11；t=18，y≈95.26；t=19，y≈97.56；
t=20，y=100；
观察数据知：
当0≤t≤8时，y随t的增大而减小；
当9≤t≤20时，y随t的增大而增大；
故y在第8秒到第9秒之间取得最小值．
点评：本题主要考查了三角形相似及相似图形性质等问题，（2）②是一道非常新颖的考点，它考察了考生对函数本身的理解，作为未知函数类型如何探索其变化趋势是非常需要学生能力的．总体来说，本题是一道非常好、非常新的题目．